Расчётная

Задание Построить характеристики водохранилища. Определить мертвый объем водохранилища Vм.о. и соответствующий ему уровень, УМО. Определить потери воды из водохранилища. Рассчитать водохранилище таблично-цифровым балансовым способом без учета потерь воды по 1 и 11 вариантам регулирование стока.

Рассчитать водохранилище таблично-цифровым способом с учетом потерь воды по одному из вариантов правил регулирования стока. Определить основные параметры водохранилища ( полезный и полный объем, наполнение, сбросы ) без учета потерь графическим способом ( с помощью календарных интегральных кривых стока и отдачи ).

Составить паспорт водохранилища. Исходные данные 1.Построение характеристик водохранилища К основным характеристикам водохранилища относятся батиграфические и объемные кривые.

Расчет емкости полос Кол-во полных строк на полосе: l = 51 x Внп [кв D] И [пт] l = (50 x 10,25) \ 12 = 43,56 = 44 Δ = (1 - 0,56) х 12 х 0, 353 = 1, 86 Полная текстовая полоса nср. – среднее количество знаков в строке

nср = 18,05*Fстр./еу=55 Fстр – ширина полосы еу – уточненная ширина знаков(мм.) (2.13 мм) Спусковая полоса: lсп = l / 4=44 / 4 = 11 строк Полоса с заверсткой иллюстрации вразрез: lил.вр. = (51 х 3,5) / 12 = 14,875 = 15

Полоса с заверсткой иллюстрации в оборку: lил.об. = (51 х 2,5) / 12 = 10, 625 = 11 l1=l-lоб 33 x=51Fоб. Х Ви/(Fстр.*И) = 5; Размер иллюстрации: Ширина иллюстрации = 2,5 кв. х 18,05 мм. = 45 мм. Высота иллюстрации = 11 х 12 х 0,353 мм. = 47 мм.

Дано: z Решение: z_b Q=4 кН a=60 см B x_b b=40 см z_a С b c=20 см С С Q a Найти: R_a, R_c D R_b - ? C Q a x A x_a ∑▒F_kx =0 ∑▒〖F_ky=0〗 ∑▒F_kz =0 ∑▒F_kx =0: x_a+Q∙cos⁡〖30°+Q∙cos⁡█(30°-R_c∙cos⁡〖60°〗+x_b=0@) 〗

∑▒F_ky =0; ∑▒F_kz =0: z_a-Q∙sin⁡〖30°-Q∙sin⁡〖30°-R_c∙sin⁡█(60°+z_b=0@) 〗 〗 ∑▒〖M_x=0〗: -Q∙sin⁡〖30°∙(a-c)-R_c∙sin⁡〖30°∙a-Q∙sin⁡〖30°∙(a-c)+z_b∙2a=0〗 〗 〗 ∑▒〖M_y=0〗: -Q∙sin⁡〖30°∙c-R_c∙sin⁡〖60°∙b-Q∙sin⁡〖30°∙c=0〗 〗 〗

Дано: Решение: P=10 кН K ¯N 2 M=6 кН∙м ¯P sin⁡α q=0,5 кн/м y_a M B C α=45° 3 4 ¯P cos⁡α

Найти: R_█(a@)- ? А Q N - ? x_a Q=q∙l=0,5∙6=3 (кН) ∑▒〖F_kx=0〗 ∑▒〖F_ky=0〗 ∑▒〖m_0 (¯(F_k))〗=0 ∑▒〖F_kx=0〗 : x_a-P sin⁡α=0 ∑▒〖F_ky=0 〗: y_a-Q+N-P cos⁡α=0 ∑▒〖m_0 (¯(F_k))〗=0 : -M-Q∙6+N∙7-P sin⁡α∙9-P cos⁡α∙9=0

x_a=P sin⁡α x_a=10∙√2/2=7 (кН) 7N=P sin⁡α∙9+P cos⁡α∙9+M+Q∙6 7N=10∙√2/2∙9+10∙√2/2∙9+6+3∙6=5√2∙9+5√2∙9+24=150 (кН) N=150/7=21,4 (кН) y_a=Q-N+P cos⁡α y_a=3-21,4+10∙√2/211,3 R_a=√(x_a^2+y_a^2 )=√(49+127,69)=13,3 (кН)

мгновенные значения тока и ЭДС Для расчета постоянных составляющих При расчете постоянных составляющих необходимо учитывать, что UL = L*diL/dt. Т.к. i = const, то катушку можно заменить на проводник. Также ic = c*dUc/dt. Т.к. U = const, то ток через конденсаторы равен 0, значит ветви с конденсатором разрываются.

Дано: G1=2G G2=G G3=2G G4=0.2G R/r=3 i2x=2r f=0.2 Найти: w, T1-2 T2-3 Решение: Ф1= -m1w1 M J2x E2 Ф3m3w3 M J3xE3 -G1δs+Fδs+Ф1δs+ M δs+ Ф3δs +M δs=0 G1=2w w1=2w G2=2w w2=w

G3=2w w3=2w G4=2 w w4=2w Ф1=m*2w M =mr²/2*w/r=mrw/2 Ф3=2mw M =J3x*E3 mr²/2*2w/r=mrw F=N*f=3p*f -mgδs +3p*fδs +2mwδs+mrw/2* δs+2wmδs +mrwδs=0

-mg+3p*f+2mw+mrw/2+2wm+mrw=0 3pf=mg-2mw-mrw/2-2wm-mrw 3pf=m(g-2w-rw/2-2w-rw) 3pf=m(mg/w-2-r/2-2-r) w=(3pf-mg)/(-2-r/2-2-r)=0.6p/((9.8m/w)-2-r/6-2-r)= (0.12-9.8m)/(-4-r/2) -G1δs+Ф1δs+Fδs+(T1-2) δs=0

-G1+Ф1+F+(T1-2)=0 T1-2=G1-Ф1-F T1-2=G1-Ф1-F T1-2=mg-2mw-3mgf T1-2=mg(1-2w/g-3f) T1-2=mg((-1.6-0.2R-0.024-1.96m)/(-4-R/2-R/2))=7.42 T2-3=G3-Ф3-F T2-3=mg-2mw-3pf T2-3=mg-2mw-3mgf T2-3=mg(1-2w/g-3f)=7.42

Дано: Решение: Rd=1 ma=m mb=1/m md=1/5m me=m Rb=30 ibx=20 α=30 f=0.20 s=2.5 rb=0.5Rb Найти: Va T2-T1=∑Ai T2=Ta+Tb+Td+Te Ta=ma*Va²/2 Tb=ma*ωb²/2=200m*ωb²/2

Jbx=mb*ibx² Jbx=1/2*m*400 Jbx=200m Td=(md*Vc²/2)+(Jcξ*ωd²/2) Jcξ=md*Rd²/2=0.1m T2=((m*Va²/2)+(200m*Va/60)+(0.2m*0.5Va/2)+(0.1m*0.25Va/2)+(m*Ve²/2)= =12.8*(m*Va²/2) G=m*g Ga=ma*g=9.8m Aga=Ga*H=Ga*s*sinα=12.25m

F1=f*n=f*Ga*cosα F1=0.2*9.8m*0.8=1.6m Aff*Ga*cosα*s3.9m AgdGd*HcGd*Sc*sinα S1/Rb=Sc/rb Sc=0.25 Gd=1.96m Agd1.96m*0.25*0.50.25m AmcMc*φd Mc=δ*N*δGd*cosα Amcδ*Gd* cosα* φd1.96mδ φd=sc/Rd=rb/Rb*Rd=1.25

Задание Д-10. Применение теоремы об изменении кинетической энергии к изучению движения механической системы. Вариант № 1. Механическая система под действием сил тяжести приходит в движение из состояния покоя; начальное положение системы показано на рис. 1. Учитывая трение скольжения тела 1, пренебрегая другими силами сопротивления и массами нитей, предполагаемых нерастяжимыми, определить скорость тела 1 в тот момент, когда пройденный им путь станет равным s.

В задании приняты следующие обозначения: m1, m2, m3, m4 – массы тел 1, 2, 3, 4;  - угол наклона плоскости к горизонту; f – коэффициент трения скольжения. Необходимые для решения данные приведены в таблице 1. Блоки и катки считать сплошными однородными цилиндрами. Наклонные участки нитей параллельны соответствующим наклонным плоскостям.

Задание на курсовую работу. В данной работе будут использованы следующие исходные данные: На химически опасном объекте (ХОО) хранятся сильнодействующее ядовитое вещество (СДЯВ) аммиак в количестве соответственно 50т.

1. СДЯВ хранятся в необвалованных емкостях. 2. Местность открытая 3. Метеоусловия: состояние атмосферы –изотермия, скорость ветра 5 м\с 4. В производственных зданиях находится 500человек 5. На территории объекта 600 человек

Дано: α=105° ∆t° = 50°С F=2.4 см2 l =0.8 м E=2∙104 кН/см2 [σ]= 16 кН/см2 [n]=1.5 I. ∑momA(Fk)=0: 3a∙N2 sin(180- α) -4a∙ P +5a∙ N3 =0 3N2sinα+5N3=4P ∑Fy=0: N1+N2sinα - P+N3 =0 Диаграмма перемещений:

α ∆l1 ∆l2’ ∆l2 ∆l3 3a a ∆l2’=l2/sinα (∆l2’-∆l1)/(∆l3-∆l1) = 3a/5a 5∆l2/sinα = 3∆l3+2∆l1 ∆l1= N1 ∙2l/EF ∆l2= N2 ∙2l/(2EF∙sinα)= N2 ∙l/(EF∙sinα) ∆l3= N3 ∙l/2EF 5N2/sin2α=1.5N3+4N1 N30.6∙N2sinα+0.8∙P

3N2sinα+5N3=4P N1= 0.2P-0.4N2sinα N1+N2sinα +N3 =P 5∙N2/sin2α = -1.5∙0.6N2sinα+1.5∙0.8P+0.8P-1.6N2sinα N2= 2P/( 5/sin2α +2.5sinα)= 2Psin2α/(5+2.5sin3α) = 0.266∙P N1= 0.094∙P N2=0.266∙P N3=0.64∙P σ1p =N1/F = 0.038 P (кН/см2)

σ2p =N2/2F = 0.055 P (кН/см2) σ2p =N3/2F = 0.13 P (кН/см2) σ3p ≤[σ] : 0.13∙P =16 Pmax=123.08 кН σ1max= 4.67 (кН/см2) σ2max= 6.77 (кН/см2) σ3max= 16 (кН/см2) II. αt = 12.5∙10-6 (1/град)